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2026广西高考物理真题全解：考情总评 + 2027预测 + 逐题拆解
牛牛时空 · 高中物理｜真题研读
2026 年广西卷物理考完了。很多家长和同学问：今年难度怎么样？考了什么？明年会怎么考？
这篇文章，我们把 2026 广西卷的题型结构、模块分布、命题趋势、逐题考点一次性讲清楚，并给出对 2027 的预测与备考建议。基础题占了主体，能不能拿住，决定了你的分数下限。
01 ｜ 试卷总评：结构清晰，难度分层
本试卷共15道题，其中单选题7道（第1-7题），多选题3道（第8-10题），实验题2道（第11-12题），解答题3道（第13-15题）。试卷整体难度定位为中等，以基础性为主，兼顾综合性、应用性和创新性，对主干知识的考查覆盖全面，突出了对学科核心素养的考查导向。
从题型分值结构看，单选题侧重基础概念的理解与辨析，覆盖原子核组成、机械波、质点模型、静电场、动量定理、带电粒子在磁场中的运动、电磁感应与自感等核心知识点；多选题注重物理过程的分析与多解可能性的讨论，考查斜抛运动、光的折射和卫星变轨与追及相遇问题，综合性明显增强；实验题突出科学探究能力的考查，涉及用电压表和电阻箱测量电源电动势和内阻、“探究等温条件下一定质量气体压强与体积的关系”两个经典实验，注重操作要点和误差分析；解答题梯度清晰，第13题考查共点力平衡与已知运动求受力，第14题以电动汽车续航为背景综合考查电流定义、电能、功率与效率，第15题以恒定电流源导轨模型综合考查安培力、动能定理与参数范围讨论，难度递进合理。
试卷对物理学科核心素养的覆盖较为全面：物理观念通过基本概念辨析、物理模型建构和能量观念体现；科学思维通过逻辑推理、几何分析与数学运算体现，第7题、第10题、第15题尤为突出；科学探究通过实验操作要点、读数规范和误差分析体现；科学态度与责任通过平陆运河船舶航行、高压电缆除冰、电动汽车续航等真实情境与社会生活、区域发展实际相结合体现。
各知识模块分值占比（据原卷考点细目）
考点细目表（题号 / 情境 / 知识点 / 设问角度）
02 ｜ 试题亮点：情境真实，综合探究
一、情境创设真实化：试题紧密联系真实生活、生产实际与时代发展，通过具体情境考查知识应用。第3题以广西标志性工程平陆运河的船舶航行为背景考查质点模型，贴近区域发展实际，育人导向鲜明；第8题以高压电缆冬季除冰为情境考查抛体运动规律，体现物理知识在生产安全中的实际应用；第14题以电动汽车续航与能耗计算为背景，考查电流、电能、功率与效率等电学核心概念，呼应绿色低碳的发展理念；第5题以立定跳远起跳为情境考查动量定理，第4题以冬季衣服摩擦起电触摸金属门把手为情境考查静电场性质，均取材于学生的日常生活体验。
二、考查方式综合化：试题注重知识间的内在联系，通过多知识点融合、多情境串联的方式考查学生的综合分析与知识迁移能力。第7题将导体棒转动切割磁感线、含自感线圈的电路分析与ω-t图像解读融为一体，模型层次丰富；第9题将光的折射定律与滑动变阻器控制电压的电路分析相结合，实现电学与光学知识的跨模块整合；第10题综合考查万有引力定律、开普勒第三定律与卫星追及相遇问题，几何关系与天体运动规律交织；第15题将安培力、动能定理、几何关系与电流参数范围讨论相结合，综合性强。
三、能力考查层次化：试题梯度清晰，既覆盖基础能力，又通过开放性、探究性设问考查高阶思维。第1-3题为基础概念辨析题，侧重对物理概念的准确理解；第4-6题、第8-9题侧重模型分析与推理判断；第7题、第10题、第15题为综合推理题，涉及多过程、多条件联立与参数范围讨论；第14题第(4)问以方案选择的形式要求学生综合比较各方案的能量消耗，第15题第(3)问要求推导安培力做功与电流的关系并讨论电流的取值范围，有效区分不同层次学生的能力水平。
四、注重实验与科学探究：第11题、第12题均为实验题，从电路连接与电压表读数，到”探究等温条件下一定质量气体压强与体积的关系”实验中的操作要领、误差来源与改进措施，全面考查学生的实验操作能力、数据处理能力和误差分析能力，突出物理学科的科学探究素养。
03 ｜ 逐题拆解与解析（15 题）
下面按题号给出完整题干、完整选项、原题配图、标准答案、完整解析与易错点。每道题下方均附逐步解析（含公式推导），需要离线精排版可下载文首的 Word。
第1题｜单项选择题｜原子核的组成，核电荷数、质量数、中子数与原子质量的区别。
1．两种重金属元素铀（²³⁵U）和钚（²³⁵Pu），下列选项中相等的是（ ）
A．核电荷数
B．质量数
C．原子质量
D．中子数
【答案】B
【解析】
原子符号左上角的数值代表质量数，根据题意可知重金属元素铀（²³⁵U）和钚（²³⁵Pu）质量数相等，铀和钚是不同元素，质子数（核电荷数）不同；根据”中子数=质量数-质子数”，二者质子数不同、质量数相同，因此中子数也不同；原子质量由原子核内所有质子、中子的质量和核外电子质量共同决定，二者质子、中子总数相同但质子和中子的各自数量不同，因此原子质量不相等。
故选B。
易错点：① 混淆质量数与核电荷数：质量数写在原子符号的左上角，核电荷数（质子数）写在左下角，两者含义不同。 ② 忽视”铀和钚是不同元素”这一关键信息：不同元素质子数必然不同，导致核电荷数、中子数均不相同。 ③ 误认为原子质量只取决于核子总数：原子质量与质子、中子的具体配置有关，不能仅由质量数判断。
第2题｜单项选择题｜波长、频率和波速的关系。
2．一列声波在空气中传播，波速是340米每秒，声波的频率是1000赫兹，则该声波的波长为（ ）
A．0.34 m
B．2.96 m
C．3.40 m
D．340 m
【答案】A
【解析】
波速、波长、频率满足波的基本关系 v=λf
变形可得波长计算公式 λ=v/f
代入题干数据 v=340 m/s，f=1000 Hz
计算得 λ=340/1000 m=0.34 m
故选A。
易错点：① 公式变形错误：误将 v=λf 变形为 λ=vf，导致错选D（340 m）。 ② 单位不统一：若将频率误认为1kHz而直接使用，虽结果相同，但需注意”1000赫兹”已是国际单位制数值。 ③ 选项C（3.40 m）是将340除以1000时小数点点错得到的干扰项，警惕计算粗心。
第3题｜单项选择题｜质点模型及其适用条件。
3．下列情况中，平陆运河中的船可以忽略大小与形状看作质点的是（ ）
A．过船闸口时
B．掉转船头时
C．以10 km/h的平均速率行驶时
D．躲避暗礁时
【答案】C
【解析】
质点的判定依据：当物体的大小、形状对所研究问题的影响可以忽略时，可将物体视为质点。
A．过船闸口时，需考虑船的长度与闸口的匹配关系，船的大小形状不可忽略，故A错误；
B．掉转船头时，研究的是船的姿态转动，船的形状、大小对该问题的影响不可忽略，故B错误；
C．研究船以10 km/h的平均速率行驶时，船的大小相对于运河的整体运动尺度可忽略，对运动速率的研究无影响，故C正确；
D．躲避暗礁时，需考虑船的大小、各部位位置以避免触礁，大小形状不可忽略，故D错误。
故选C。
易错点：① 误认为”物体大”就不能视为质点、“物体小”就一定能视为质点：能否视为质点取决于研究问题，而非物体大小本身。 ② 混淆”研究船的航行”与”研究船的姿态”：研究航行路径时可视为质点，研究转动、过闸、避障时则不能。
第4题｜单项选择题｜摩擦起电、静电感应、电场线的性质、电势与电场强度的比较、电势能与电荷移动的关系。
4．人因为衣服摩擦带正电，人和金属门把手之间有P、Q两点，两点在同一条电场线上，点P离门把手更近，则下列说法正确的是（ ）
A．φP>φQ
B．电场强度EP>EQ
C．有一正试探电荷，先后放在P、Q两点，则电势能E_pP>E_pQ
D．手与门把手触碰时电子从门把手流向人手
【答案】D
【解析】
A．由于人手带正电，在门把手表面感应出负电荷，电场线由正电荷指向负电荷，故电场线由Q指向P，如图所示
沿电场线方向电势逐渐降低，有φQ>φP，故A错误；
B．门把手表面为等势面，电场线垂直等势面，由于电场线密的地方电场强度大，有EP<EQ，故B错误；
C．正试探电荷的电势能Eₚ=φq，结合φQ>φP可知E_pQ>E_pP，故C错误；
D．人手与门把手触碰时，电子从门把手流向人手，与正电荷进行中和，故D正确。
故选D。
易错点：① 电势方向判断错误：忘记”沿电场线方向电势逐渐降低”，误将靠近正电荷（人手）一侧判为电势低。 ② 场强比较错误：误认为”离带电体越远场强越小”而忽略电场线疏密信息，本题中Q点处电场线更密、场强更大。 ③ 电子流向判断错误：正电荷不能自由移动，起中和作用的是电子的移动，电子应从门把手（负电区）流向人手（正电区）。
第5题｜单项选择题｜动量定理、牛顿第三定律、冲量的概念。
5．立定跳远时起跳方向不变，用更大的平均作用力起跳，每次起跳的作用时间不变，则下列说法正确的是（ ）
A．起跳完成时动量变小（或不变）
B．起跳完成时速度变大
C．地面的平均支持力不变
D．地面给人的冲量是相同的
【答案】B
【解析】
ABD．由于起跳方向与作用时间Δt不变，当用更大的平均作用力起跳时，根据牛顿第三定律可知，地面对人的平均作用力F也增大，人所受的平均合力F合也增大，由动量定理有 I=F合t=Δp=mΔv
可知，起跳完成时动量变大，地面给人的冲量变大，由于初速度为0，起跳完成时速度变大，故AD错误，B正确；
C．由于起跳方向不变，设起跳方向与地面的夹角为θ，人的质量为m，重力加速度为g，则地面对人的平均支持力为 FN=F合sinθ+mg
则地面的平均支持力变大，故C错误。
故选B。
易错点：① 混淆”地面对人的平均作用力”与”地面的平均支持力”：起跳方向与竖直方向有夹角，支持力只是地面对人作用力的一个分力，需按方向分解。 ② 误认为冲量由”人的作用力”决定：地面给人的冲量对应地面对人的平均作用力，而非人主动施的力，二者互为作用力与反作用力、大小相等。 ③ 忽略合力：由动量定理决定动量变化的是合外力（地面对人的作用力减去重力），不能只用地面作用力代替合力。
第6题｜单项选择题｜带电粒子在圆形匀强磁场中的运动，洛伦兹力提供向心力，左手定则，轨迹半径与圆心角的几何关系。
6．圆心在原点、半径为R的圆形匀强磁场的磁感应强度大小为B，方向垂直纸面向里；质量为m、电荷量为q的带电粒子以初速度v₀（未知）从磁场外沿x轴正方向从M点进入磁场，从N点射出，出射速度方向与x轴正方向夹角为60°，如图所示。不计粒子的重力，则（ ）
A．带电粒子带正电
B．粒子的运动轨迹MN是抛物线
C．粒子运动速度大小v₀=√3RqB/m
D．粒子在磁场内的运动时间t=2πm/3qB
【答案】C
【解析】
A．根据题意，由左手定则可知，带电粒子带负电，故A错误；
B．带电粒子在磁场中做匀速圆周运动，则粒子的运动轨迹MN是圆弧，故B错误；
CD．根据题意，画出粒子的运动轨迹，如图所示
设粒子做匀速圆周运动的半径为r，由几何关系有 r/R=tan60°
解得 r=√3R
由洛伦兹力提供向心力有 qv₀B=mv₀²/r
解得 v₀=qBr/m=√3qBR/m
由几何关系可知，粒子在磁场中运动轨迹对应的圆心角为θ=60°，则粒子在磁场内的运动时间 t=θ/2π⋅2πr/v₀=πm/3qB，故C正确，D错误。
故选C。
易错点：① 带电性判断错误：用左手定则判断时混淆正负电荷的受力方向，导致轨迹偏向判断错误。 ② 几何关系错误：误将r/R=tan60°写成其他三角关系，或混淆R与r的位置。 ③ 时间计算错误：运动时间t=θ/2πT，选项D漏掉了周期中的系数，将πm/3qB误写为2πm/3qB。
第7题｜单项选择题｜导体棒转动切割磁感线、含自感线圈的电路、二极管单向导电性、电能的定量计算。
7．在如图甲所示的电路中，金属圆环内有垂直于其所在平面的匀强磁场，磁感应强度为B，金属棒OP长度为l，电阻为r；初始时棒OP绕O以恒定角速度ω₀逆时针旋转，0∼t₂时间内，角速度随时间变化情况如图乙所示，t₀=2π/ω₀。电路左侧有电感L和电阻R的支路，支路上各串联了相同的发光二极管L₁、L₂，电感L的阻值、电阻R的阻值、L₁和L₂的正向电阻值都是r，初始时刻，L₁和L₂一样亮，则（ ）
A．初始时，通过L₁的电流 I₁=Bω₀l²/4r
B．0∼t₀时间内，整个电路消耗的电能 E电=πB²l⁴ω₀/4r
C．t₁时刻，电感L两端电压为零
D．2π/ω₀∼t₂时间，L₁比L₂先熄灭
【答案】B
【解析】
A．初始时，金属棒OP转动切割磁感线，感应电动势为 E₁=1/2Bl²ω₀
电路总电阻为 R总=2r⋅2r/(2r+2r)+r=2r
则金属棒OP两端的电压为 U=E₁−E₁/2r⋅r=1/2E₁=1/4Bl²ω₀
通过L₁的电流 I₁=U/2r=Bl²ω₀/8r，故A错误；
B．0∼t₀时间内，整个电路消耗的电能 E电=²₁E/R总t₀=πB²l⁴ω₀/4r，故B正确；
C．t₀∼t₁时间内角速度在变化，金属棒OP产生的感应电动势在变化，电路中的电流在变化，由于电感L的自感作用，会产生自感电动势阻碍电流的变化，所以t₁时刻电感L两端电压不为零，故C错误；
D．t₁∼t₂时间内，金属棒OP的角速度为0，产生的感应电动势为0，电感L会产生自感电动势，自感电流与原电流方向相同，L₁与电感L串联，L₂与电阻R串联，自感电流无法反向通过L₂，2π/ω₀∼t₂时间，L₁比L₂后熄灭，故D错误。
故选B。
易错点：① 总电阻计算错误：两支路各含二极管，均导通时并联电阻为2r⋅2r/(2r+2r)=r，再与棒内阻r串联得2r，误漏二极管正向电阻导致错误。 ② 混淆”棒两端电压”与”感应电动势”：路端电压U=E−Ir，选项A中直接用E₁除以2r会得到1/4的错误系数，正确结果应为1/8Bl²ω₀。 ③ 忽略电感自感：电感在电流变化时产生自感电动势，其两端电压不为零，且断电瞬间会维持原电流方向。 ④ 二极管单向导电性判断失误：自感电流与原电流同向，只能通过L₁支路而不能反向通过L₂，故L₁后熄灭。
第8题｜多项选择题｜斜抛运动、平抛运动，竖直分运动的独立性。
8．冬天天气寒冷时高压电缆上会结冰，在电缆上除冰，冰被砸开之后，碎冰块往各个方向飞溅，过程中只受到重力作用，则下列条件中可以保证它们落地时间相等的是（ ）
A．水平抛出
B．质量相等
C．初速度都向下
D．初速度相同
【答案】AD
【解析】
A．若要碎冰块同时落地，则碎冰块在竖直方向的初速度需要相同，水平抛出，竖直方向的初速度为0，满足条件，A正确；
BC．质量相等和初速度向下不能保证竖直方向的初速度相同，BC错误；
D．初速度相同（点拨：速度是矢量，既有大小又有方向），则竖直方向的初速度相同，满足条件，D正确。
故选AD。
易错点：① 误认为”初速度都向下”就能保证同时落地：初速度都向下只保证竖直方向分速度方向相同，但大小可以不同，不能保证落地时间相等。 ② 忽视速度的矢量性：初速度相同包括大小和方向都相同，自然竖直分速度相同；选项C只强调方向、未限定大小。 ③ 误将质量作为影响运动时间的因素：抛体运动中，只受重力作用时，落地时间与质量无关。
第9题｜多项选择题｜光的折射定律、折射率的概念、电路对电压的控制。
9．现有两个截面形状是直角三角形、折射率可随材料两端电压U变化的不同材料，左下半部分折射率 n₁=n₀+kU (k>0)，右上半部分折射率 n₂=n₀−kU，n₂>1；把它们拼成长方体，截面如图甲所示，连接如图乙所示的电路，调节滑动变阻器，改变它们的折射率，一光束从左侧中点O水平射入，从PQ边射出，光在两材料界面发生折射后，和水平面的夹角为θ。当滑动变阻器的滑片向左移动时（ ）
A．折射光从PO′射出
B．折射光从QO′射出
C．θ变小
D．θ变大
【答案】BC
【解析】
AB．由于U>0，k>0始终有 n₁>n₂
设界面与PQ边夹角为α，光束在两材料界面折射时，折射角为r，则入射角 i=α
根据折射定律有 n₁sini=n₂sinr
由于n₁>n₂，可知 r>i
法线垂直于界面，由几何关系可知，入射光线水平向右，折射光线向下偏折（点拨：光由光密介质射入光疏介质，折射角大于入射角，光线向界面靠拢，即向下偏），作出光路图如图所示
故折射光从O下方的QO′区域射出，故A错误，B正确；
CD．由电路图可知，两种材料并联在滑动变阻器滑片左侧部分，则当滑动变阻器的滑片向左移动时，材料两端电压U减小，根据题意可知n₁减小、n₂增大，所以sinr减小，折射角r减小，折射光线与水平面的夹角 θ=r−i，所以θ变小，故C正确，D错误。
故选BC。
易错点：① 光路方向判断错误：混淆”光疏射入光密”与”光密射入光疏”，误认为折射光线向法线靠拢，导致出射区域判断错误。 ② 折射角变化分析失误：滑片左移、电压减小，n₁减小n₂增大，n₁sini=n₂sinr中比值n₁/n₂减小，折射角r减小，误判为增大。 ③ 混淆θ与r：θ是折射光线与水平面的夹角，i=α不变，θ=r−i，r减小则θ减小。
第10题｜多项选择题｜万有引力定律、开普勒第三定律、卫星变轨、卫星追及相遇问题。
10．地球有两个卫星轨道：半径分别为R₁和R₂的低轨道1和高轨道2，中间有一个椭圆变轨轨道，变轨卫星在轨道1上P点加速变轨到椭圆轨道，同时高轨卫星在Q点运行，则两卫星同时到达K点，地球质量为M，引力常量为G，下列说法正确的是（ ）
A．卫星在高轨道2的速度 v₂=√(GM/R₂)
B．椭圆轨道的周期 T=2π√(((R₁+R₂)³)/GM)
C．∠QOP=π−π/4√((2(R₁+R₂)³)/³₂R)
D．1和2两轨道上卫星分别从P、Q开始运行，第一次距离最近的时间 t=(√(³₁R³₂R)(π−π√(((R₁+R₂)³)/³₂R)))/(√GM(√(³₂R)−√(³₁R)))
【答案】AC
【解析】
A．根据万有引力提供向心力有 GMm/²₂R=mv₂²/R₂
解得 v₂=√(GM/R₂)，故A正确；
B．由几何关系可知，椭圆轨道的半长轴为 a=(R₁+R₂)/2
由开普勒第三定律有 a³/T²=³₂R/²₂T
由万有引力提供向心力有 GMm/²₂R=m4π²/²₂TR₂
联立解得 T=2π√(((R₁+R₂)³)/8GM)，故B错误；
C．变轨卫星从P到K经过半个椭圆，则运动时间 t=1/2T=π√(((R₁+R₂)³)/8GM)
卫星在高轨道2的角速度为 ω₂=v₂/R₂=√(GM/³₂R)
则高轨卫星从Q到K转过的角度 ∠QOK=ω₂t=π/4√((2(R₁+R₂)³)/³₂R)
则有 ∠QOP=π−π/4√((2(R₁+R₂)³)/³₂R)，故C正确；
D．由上述分析同理可得，卫星在轨道1的角速度为 ω₁=√(GM/³₁R)
由于R₁<R₂，则有 ω₁>ω₂
由几何关系可知，第一次相距最近时，相对转过的角度等于初始位置角度差，即 (ω₁−ω₂)t=π−π/4√((2(R₁+R₂)³)/³₂R)
解得 t=(√(³₁R³₂R)(π−1/4π√((2(R₁+R₂)³)/³₂R)))/(√GM(√(³₂R)−√(³₁R)))，故D错误。
故选AC。
易错点：① 椭圆周期系数错误：选项B将周期误写为T=2π√(((R₁+R₂)³)/GM)，正确结果应为2π√(((R₁+R₂)³)/8GM)，漏掉了半长轴开三次方后分母的系数8。 ② 选项D为强干扰项：其公式中π√(((R₁+R₂)³)/³₂R)缺少1/4和2的系数，化简过程稍有疏忽即会误选。 ③ 追及相遇的相对角度：第一次相距最近时两卫星相对转过的角度等于初始位置的角度差∠QOP，若误用多转过2π的公式则出错。
第11题｜实验题｜闭合电路欧姆定律、电压表读数、测量电源电动势和内阻的实验原理。
11．用如图甲所示的电路测量电源电动势和内阻，定值电阻R阻值为10.0 Ω，电压表可视为理想电表。操作步骤：1．只闭合S₁时，电压表读数为1.44V；2．再闭合S₂，电压表读数如图乙所示。
电路电源电动势 E=________V；
图乙中电压表读数为________V；
电源内阻 r=________Ω（结果保留两位有效数字）。
【答案】(1) 1.44 1.20 2.0
【解析】
（1）只闭合S₁，理想电压表所在支路相当于断路，电压表示数为电源电动势，则电源电动势 E=1.44 V
（2）由题图乙可知，电压表的分度值为0.1V，电压表读数为1.20V。
（3）S₁、S₂均闭合时，由闭合电路欧姆定律得 E=U+U/Rr
代入数据解得 r=2.0 Ω
易错点：① 电压表读数估读错误：题图乙中电压表分度值为0.1V，读数时需注意指针位置，正确读数为1.20V，勿误读为其他数值。 ② 公式变形错误：闭合S₂后电路电流I=U/R，由E=U+Ir得r=(R(E−U))/U，代入数据得2.0 Ω，注意保留两位有效数字。 ③ 误认为只闭合S₁时电路已构成通路：理想电压表所在支路视为断路，回路中无电流，此时读数即电动势。
第12题｜实验题｜理想气体状态方程、等温变化、实验误差分析。
12．小明在实验室，用注射器通过塑料管连接一个压强传感器，做”探究等温条件下，一定质量气体压强与体积的关系”的实验，实验通过压缩注射器内的气体，并记录对应的压强，把实验数据绘制成图像。
缓慢推动活塞的目的是，保证气体的________不变；
注射器的刻度，测量的是气体的________；
此次实验有一处明显错误，小明手握注射器时（手的温度大于环境温度），测量的压强比理论压强要________；
将实验数据整理成1/p−V图像，图像不经过原点的原因：________，改进措施：________。
【答案】(1) 温度 体积 偏大 忽略了注射器与传感器连接的塑料管中残留气体的体积；减小塑料管的长度、提前测定残留体积并修正测量数据、改用内径更小的塑料管等
【解析】
（1）缓慢推动活塞，注射器内的气体有充足时间和外界发生热交换，保持温度不变。
（2）注射器上的刻度标注的是内部空腔的容积，当封闭一定量气体在注射器内时，注射器对应的刻度就是封闭气体的体积。
（3）小明手握注射器时，人体温度高于环境温度，热量传递给封闭气体，气体温度升高，由理想气体状态方程 pV/T=C可知，封闭气体的体积V不变、热力学温度T升高，则测量的气体压强p大于理论压强。
（4）由1/p−V图像可知，气体体积为0时，压强不为无穷大，说明注射器和传感器间有部分气体体积未被测量，即忽略了注射器与传感器连接的塑料管中残留气体的体积；改进措施是减小塑料管的长度、提前测定残留体积并修正测量数据、改用内径更小的塑料管等。
易错点：① 第(1)问目的误写为”保持体积不变”：缓慢推动活塞的目的是保证温度不变，体积是自变量，需人为改变。 ② 第(3)问方向判断错误：手握注射器使气体温度升高，压强应偏大而非偏小，需由理想气体状态方程pV/T=C分析。 ③ 第(4)问原因表述不完整：图像不过原点说明存在未被计入的气体体积，即塑料管中残留气体体积，改进措施须针对减小或修正该误差提出。
第13题｜解答题｜共点力平衡、正交分解法、牛顿第二定律、匀变速直线运动。
13．两人抬着一根硬杆，硬杆中点挂有如图所示的轻绳和轻质钩爪，BC、BC′为轻绳，COD和C′OE为钩爪（支点为O）；钩爪夹着质量 M=80 kg的石块。图中BCOC′为正方形，重力加速度g大小取 10 m/s²。
求静止时BC绳受到钩爪的拉力。
从静止开始竖直放下石块，用时0.2秒，石块下降的距离为0.1米，整个过程可视为匀加速直线运动，求石块受到钩爪的摩擦力。
【答案】(1) 400√2 N，沿BC向下 400 N，方向竖直向上
【解析】
（1）以钩爪和石块组成的系统为研究对象，其受力分析如图所示
静止时系统受力平衡，由平衡条件有 2F_BCcos45°=Mg
代入数据解得 F_BC=400√2 N
由牛顿第三定律可得，静止时BC绳受到钩爪的拉力 F′_BC=F_BC=400√2 N
方向沿BC向下。
（2）根据题意，由运动学公式有 x=1/2at²
代入数据解得 a=5 m/s²
对石块由牛顿第二定律有 Mg−f=Ma
代入数据解得 f=400 N
方向竖直向上。
【答题模板（计算题）】
步骤一：明确研究对象，受力分析 - 第(1)问：以钩爪和石块整体为研究对象，受两根轻绳拉力（各为F_BC，与竖直方向成45°）和重力Mg。
步骤二：列平衡方程 - 正交分解：竖直方向2F_BCcos45°=Mg，解得F_BC。 - 用牛顿第三定律转述”BC绳受到钩爪的拉力”及方向。
步骤三：运动学与动力学衔接 - 由x=1/2at²求加速度a。 - 对石块列牛顿第二定律Mg−f=Ma，求摩擦力f并判断方向。
易错点：① 研究对象选择不当：第(1)问若只分析石块则无法直接建立绳拉力与重力的关系，应以”钩爪+石块”整体为研究对象。 ② 角度关系错误：未利用BCOC′为正方形推出绳与竖直方向夹角为45°，导致力的分解错误。 ③ 第(2)问运动方向与摩擦方向混淆：石块匀加速下落，合外力向下，Mg>f，故摩擦力f竖直向上，勿将Mg+f=Ma。
第14题｜解答题｜电流的定义及单位换算、电能、功率、效率，匀速直线运动与能量观念。
14．车的总质量为m，重力加速度为g。
单位换算，1 A⋅h对应的电荷量为多少库仑？
车配备的电池已知电压为 375 V，电池电量参数为 240 A⋅h，则该电池可储备的能量E最多为多少？
轮胎受地面阻力为 F₁=k₁mg，车受到的空气阻力 F₂=k₂v²，则车匀速以速度v行驶时，电池输出功率只有η倍用于牵引力做功（η<1），求电池的输出功率。
当速度 v≥120 km/h时，传动效率 η=0.8；当 90 km/h≤v≤110 km/h时，传动效率 η=0.9；当 k₁=0.0144，k₂=0.36，m=2000 kg时，现要进行实验：行驶400千米，要求在时间 t=4 h内完成；（重力加速度g取 10 m/s²）
现有如下三个方案，应该选哪个方案？
【答案】(1) 3600 C 3.24×10⁸ J ((k₁mg+k₂v²)v)/η 方案二
【解析】
（1）由于1h=3600s，所以 q=It=1 A×3600 s=3600 C
（2）因为 q=It=240 A×3600 s=240×3600 C
所以根据题意有 E=qU=240×3600×375 J=3.24×10⁸ J
（3）根据题意可知汽车匀速行驶时，牵引力等于总阻力，即 F=F₁+F₂=k₁mg+k₂v²
汽车牵引力的功率为 P=Fv
又因为电池的输出功率 P出=P/η=((k₁mg+k₂v²)v)/η
（4）根据题意行驶400千米，要求在时间 t=4 h内完成，则全程最低平均速度 vₘᵢₙ=s/t=400/4 km/h=100 km/h
由于方案一中90km/h < 100km/h，故不满足时间要求；
方案二中 v=108 km/h=30 m/s，则由题可知 η=0.9，此时有 F=F₁+F₂=k₁mg+k₂v²=612 N
电池输出功率 P出=P/η=Fv/η=20400 W
整个过程行驶的时间 t=400/108 h=100/27 h=100/27×3600 s
所以消耗的能量为 W=P出t=20400×100/27×3600 J=2.72×10⁸ J
方案三中 v=120 km/h=100/3 m/s，则由题可知 η=0.8，此时有 F′=F₁+F₂=k₁mg+k₂v²=688 N
电池输出功率 P′出=F′v/η=100/3×688/0.8 W=344000/12 W=86000/3 W
整个过程行驶的时间 t′=400/120 h=12000 s
所以消耗的能量为 W′=P′出t′=86000/3×12000 J=3.44×10⁸ J
根据前面的计算可知电池的最大储能为 E=3.24×10⁸ J<3.44×10⁸ J，故方案三也不可行；所以应该选择方案二。
【答题模板（计算题）】
步骤一：明确物理量含义与单位换算 - 1 A⋅h=1 A×3600 s=3600 C。 - 电能E=qU，注意电量q=It的换算。
步骤二：建立功率关系 - 匀速条件：F=F₁+F₂=k₁mg+k₂v²。 - 牵引功率：P=Fv；电池输出功率P出=Fv/η。
步骤三：方案核算与决策 - 先筛时间：平均速度须满足s/t≥100 km/h。 - 再算能耗：对可行方案逐个计算W=P出t，与电池最大储能E比较。 - 下结论：只有能耗不超过E且满足时间要求的方案可行。
易错点：① 单位换算错误：1 A⋅h=3600 C，240 A⋅h=240×3600 C，勿漏乘3600。 ② 速度单位换算：108 km/h=30 m/s、120 km/h=100/3 m/s，空气阻力F₂=k₂v²中v须用m/s代入。 ③ 效率关系颠倒：电池输出功率P出=Fv/η（输出功率大于牵引功率），勿写成P出=Fvη。 ④ 时间约束遗漏：方案一速度90 km/h小于最低平均速度100 km/h，直接排除，勿再计算其能耗。
第15题｜解答题｜安培力、左手定则、动能定理、摩擦力做功，与几何关系的综合运用。
15．在水平面中，存在大小为B、方向竖直向下的匀强磁场，磁场的左段的宽度为l，磁场的右段呈等腰三角形分布，OA=OB，三角形高为h，有水平导轨，导轨间距也为l，导轨之间接有可改变电流大小的恒定电流源，初始提供的电流I恒定为I₀；有一根质量为m的金属棒AB锁定在导轨的中部，金属棒与导轨间的动摩擦因数为μ，其通过的电流由A到B。t=0时解除金属棒的锁定，金属棒在安培力作用下开始运动。重力加速度为g，最大静摩擦力等于滑动摩擦力。
当t=0时，求金属棒受到安培力的大小和方向；
当金属棒达到最大速度时，求金属棒此时的速度大小和运动过程的位移大小；
改变电流I的大小，求使棒恰好到达顶点O时安培力做功与电流的关系式，以及为使棒能运动起来且不离开磁场区域，电流I的取值范围。
【答案】(1) BI₀l，垂直于棒向右 v=(BI₀l−μmg)√(h/BI₀lm)，x₀=h(1−μmg/BI₀l) W安=1/2BIlh，μmg/Bl<I≤2μmg/Bl
【解析】
（1）由题可知，在t=0时，F安=BI₀l
由左手定则可知金属棒受到安培力方向垂直于棒向右。
（2）当金属棒达到最大速度时，此时安培力与摩擦力平衡，即 BI₀L₀=μmg
设此时运动的位移为x₀，根据几何关系可知 (h−x₀)/h=L₀/l
解得 L₀=μmg/BI₀，x₀=h(1−μmg/BI₀l)
在金属棒运动过程中只有安培力和摩擦力做功，有 ∑BI₀L⋅Δx−μmgx₀=1/2mv²
即 1/2BI₀(l+μmg/BI₀)⋅h(1−μmg/BI₀l)−μmg⋅h(1−μmg/BI₀l)=1/2mv²
解得 v=(BI₀l−μmg)√(h/BI₀lm)
（3）若金属棒恰好能到达O点，安培力做功与电流的关系为 W安=1/2BIlh
根据动能定理，电流I的最大值满足 1/2BIₘₐₓl⋅h−μmg⋅h=0
解得 Iₘₐₓ=2μmg/Bl
使金属棒恰好静止时电流满足 BIₘᵢₙl=μmg
解得 Iₘᵢₙ=μmg/Bl
为了使金属棒能运动起来且不离开磁场区域，则电流I的取值范围为 μmg/Bl<I≤2μmg/Bl
【答题模板（计算题）】
步骤一：明确研究对象与受力 - 对金属棒受力分析：水平方向受安培力F安=BIL与摩擦力f=μmg。 - 用左手定则判断安培力方向（垂直于棒向右）。
步骤二：建立几何关系与过程分析 - 三角形磁场中有效长度随位移线性变化：(h−x)/h=L/l。 - 最大速度条件：F安=μmg。
步骤三：用动能定理处理变力做功 - 安培力随位移线性变化，其做功用平均有效长度计算：∑BIL⋅Δx=1/2BI(l+L₀)⋅x₀。 - 列动能定理：W安−μmgx₀=1/2mv²，求解速度与位移。
步骤四：参数范围讨论 - 恰好到顶点：1/2BIₘₐₓl⋅h−μmg⋅h=0，求Iₘₐₓ。 - 恰好运动：BIₘᵢₙl=μmg，求Iₘᵢₙ。 - 综合写出范围：μmg/Bl<I≤2μmg/Bl（注意端点取法）。
易错点：① 有效长度判断错误：金属棒在三角形磁场中的有效长度L随位移线性减小，不能全程都用l计算安培力做功，须用平均有效长度。 ② 几何关系写错：(h−x₀)/h=L₀/l中，位移越大、有效长度越小，注意比例式的对应关系。 ③ 范围端点错误：I须大于Iₘᵢₙ（恰好静止时电流对应”恰好运动”的临界，须取开区间）且小于等于Iₘₐₓ（恰好到达O点不离开磁场），即μmg/Bl<I≤2μmg/Bl。 ④ 变力做功处理失误：安培力随位移线性变化，其做功W安=F⋅x用平均值1/2BI(l+L₀)计算。
04 ｜ 2027 命题预测
（以下为基于近年命题趋势的预测，非官方信息，仅供参考。）
一、强化基础考查，构建知识体系：未来命题将继续重视基础知识、基本技能与基本方法的考查，强调知识间的内在联系与灵活运用。本卷单选前3题均为基础概念题，提示备考中应夯实质点、核素、波速公式等核心概念的理解，构建完整的知识体系。
二、深化情境应用，凸显学科价值：命题将更加注重真实情境创设，引导学生运用物理知识解决实际问题，体现物理学科的社会价值与应用意义。本卷以平陆运河、高压电缆除冰、电动汽车续航等真实情境为载体，提示备考中应关注区域发展与科技前沿，练习从真实情境中提取物理模型的能力。
三、聚焦思维培养，提升探究能力：试题将进一步强化逻辑推理和探究创新能力的考查。第7题、第15题要求学生结合图像与几何关系进行多步骤推理，第15题第(3)问和第14题第(4)问为开放性与方案比较类设问，要求学生具备较强的综合分析能力和规范表达能力。
四、坚持素养导向，落实育人目标：命题将持续围绕物理学科核心素养设计，引导学生在理解物理知识的基础上形成正确的价值观与必备品格。本卷通过生活生产情境的创设、实验探究过程的再现，在考查知识的同时落实立德树人的根本任务。
05 ｜ 备考建议（给 2027 届）
核心备考策略
· 回归教材，夯实基础：梳理原子核组成、质点、波速公式、电场线性质、动量定理等核心概念、公式的内在联系，重视教材中基本模型的原始建立过程。
· 专项突破，强化训练：针对高频考点（带电粒子在磁场中的运动、电磁感应与自感、卫星变轨与追及相遇、安培力导轨模型）进行专项训练，建立典型题型的解题模板。
· 建立思维模型：归纳典型问题的分析思路，如带电粒子在圆形磁场中的”找圆心—定半径—求时间”三步法、含自感电路的过程分析法、导体棒问题的”受力—运动—能量”分析链。
· 关注情境应用：练习从平陆运河、高压电缆除冰、电动汽车续航等真实情境中提取物理模型的能力，关注区域发展与科技前沿热点。
· 注重规范表达：训练解题过程的规范书写和逻辑表达，特别是实验题中误差分析的原因表述与改进措施，以及综合题中参数范围讨论的严谨书写。
避坑提醒
· 概念混淆：警惕相似概念的辨析，如核电荷数与质量数、位移与路程、质子数与中子数，正确理解”质量数=质子数+中子数”的关系。
· 条件遗漏：注意题目中的隐含条件和限制条件，如”最大静摩擦力等于滑动摩擦力”“电压表可视为理想电表”“不计粒子的重力”等关键词。
· 计算失误：注意单位换算（如km/h与m/s、A·h与C、h与s）、有效数字保留和公式适用条件，第14题涉及多组单位的换算，易出现运算错误。
· 审题偏差：仔细阅读题干，避免答非所问或遗漏设问，如第7题要分清”先熄灭”与”后熄灭”，第15题要明确电流范围的开闭区间。
· 图表误读：正确识别图像的坐标轴含义、斜率、截距等关键信息，如ω-t图像中不同时段的角速度变化、电压表的量程与分度值、1/p−V图像不过原点的物理意义。
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